题目描述

求出n个点的简单(无重边无自环)无向连通图数目mod 1004535809(479 * 2 ^ 21 + 1).

输入

仅一行一个整数n(<=130000)

输出

仅一行一个整数, 为方案数 mod 1004535809.

样例输入

3

样例输出

4

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题解

容斥原理+NTT+多项式求逆

设 $f_i$ 表示 $i$ 个点的简单无向连通图的数目，$g_i$ 表示 $i$ 个点的简单无向图的数目。

根据定义得 $g_i=2^{\frac{n(n-1}2}$ 。

对于 $f_i$ ，考虑容斥，用 $g_i$ 减去不连通的方案数。枚举不连通图中1号点所在连通块大小 $j$ ，则有：

$$f_i=g_i-\sum\limits_{j=1}^{i-1}C_{i-1}^{j-1}f_jg_{i-j}$$ 

将组合数展开，得：

$$f_i=g_i-\sum\limits_{j=1}^{i-1}\frac{(i-1)!}{(j-1)!(i-j)!}f_jg_{i-j}$$ 

两边同时除以 $(i-1)!$ ，整理得：

$$\frac{f_i}{(i-1)!}=\sum\limits_{j=1}^{i-1}\frac{f_j}{(j-1)!}\frac{g_{i-j}}{(i-j)!}$$ 

设：

$$F(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{f_i}{(i-1)!} \\ G(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{g_i}{(i-1)!} \\ H(x)=\sum\limits_{i=1}^{\infty}\frac{g_i}{i!}$$ 

注意到 $F(x)$ 、$H(x)$ 的常数项均为0，因此后面的那个式子相当于 $\sum\limits_{j=0}^iF(x)[j]H(x)[i-j]$ ，是一个卷积的形式。

因此有：

$$F(x)=G(x)-F(x)\times H(x)$$ 

化简得：

$$F(x)=\frac{G(x)}{H(x)+1}$$ 

剩下的就好办了，根据定义求出 $G(x)$ 和 $H(x)+1$ ，使用多项式求逆求出 $H(x)+1$ 的逆，再与 $G(x)$ 求乘法即可得到 $F(x)$ 。

最后的答案就是 $F(x)[n]\times(n-1)!$ 。

时间复杂度 $O(n\log n)$ 

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #define N 262200#define mod 1004535809using namespace std;typedef long long ll;ll A[N] , B[N] , C[N] , t[N] , fac[N >> 1];inline ll pow(ll x , ll y){    ll ans = 1;    while(y)    {        if(y & 1) ans = ans * x % mod;        x = x * x % mod , y >>= 1;    }    return ans;}void ntt(ll *a , int n , int flag){    int i , j , k;    for(i = k = 0 ; i < n ; i ++ )    {        if(i > k) swap(a[i] , a[k]);        for(j = n >> 1 ; (k ^= j) < j ; j >>= 1);    }    for(k = 2 ; k <= n ; k <<= 1)    {        ll wn = pow(3 , (mod - 1) / k);        if(flag == -1) wn = pow(wn , mod - 2);        for(i = 0 ; i < n ; i += k)        {            ll w = 1 , t;            for(j = i ; j < i + (k >> 1) ; j ++ , w = w * wn % mod)                t = w * a[j + (k >> 1)] % mod , a[j + (k >> 1)] = (a[j] - t + mod) % mod , a[j] = (a[j] + t) % mod;        }    }    if(flag == -1)    {        k = pow(n , mod - 2);        for(i = 0 ; i < n ; i ++ ) a[i] = a[i] * k % mod;    }}void inv(ll *a , ll *b , int n){    if(n == 1)    {        b[0] = 1;        return;    }    int i;    inv(a , b , n >> 1);    memcpy(t , a , sizeof(ll) * n);    ntt(t , n << 1 , 1);    ntt(b , n << 1 , 1);    for(i = 0 ; i < n << 1 ; i ++ ) b[i] = b[i] * (2 - t[i] * b[i] % mod + mod) % mod;    ntt(b , n << 1 , -1);    memset(b + n , 0 , sizeof(ll) * n);}int main(){    int n , i , len = 1;    scanf("%d" , &n);    fac[0] = A[0] = 1;    for(i = 1 ; i <= n ; i ++ )    {        fac[i] = fac[i - 1] * i % mod;        A[i] = pow(2 , (ll)i * (i - 1) / 2) * pow(fac[i] , mod - 2) % mod;        B[i] = pow(2 , (ll)i * (i - 1) / 2) * pow(fac[i - 1] , mod - 2) % mod;    }    while(len <= n) len <<= 1;    inv(A , C , len);    ntt(B , len , 1);    ntt(C , len , 1);    for(i = 0 ; i < len ; i ++ ) B[i] = B[i] * C[i] % mod;    ntt(B , len , -1);    printf("%lld\n" , B[n] * fac[n - 1] % mod);    return 0;}